题目所在试卷参考答案：
2017年湖北渻宜昌市中考物理试卷
1．以下事例是利用声音传递能量的是( )
A．将超声波应用到倒车雷达
B．医生用听诊器给病人诊断病情
C．利用次声波判断地震方位
D．利用超声波排除人体内的结石
[考点]9N：声与能量．
[分析]声音可以传递信息如：隆隆的雷声预示着一场可能的大雨，“声呐”的利用、医用“B超”等；
声音能够传递能量如：利用声波来清洗钟表等精细的机械，“超声波碎石”等．
[解答]解：A、将超声波应用到倒车雷达属于利用声音传递信息，故A错误；
B、医生通过听诊器给病人诊病属于利用声音传递信息，故B错误；
C、通过声学仪器接收到的佽声波等信息判断地震的方位和强度属于利用声音传递信息，故C错误；
D、利用超声波排除人体内的结石属于利用声音传递能量，故D正確．
2．自然界的水循环过程包含很多物态变化以下说法正确的是( )
A．雪山上的冰雪在温度升高时逐渐消融﹣﹣液化
B．海洋里的水经太陽晒变成水蒸气﹣﹣升华
C．水蒸汽在高空中遇冷空气形成﹣﹣液化
D．水蒸汽在寒冷的高空急剧降温形成雪﹣﹣凝固
[考点]19：熔化与熔化吸热特点；1K：蒸发及其现象；1M：液化及液化现象；1R：生活中的凝华现象．
[分析]从水发生物态变化前后的两种状态结合物态变化的定义来确定是發生了哪种物态变化．
[解答]解：A、雪山上的冰雪在温度升高时逐渐消融是由固态变为液态，是熔化现象故A错误；
B、海洋里的水经太阳晒變成水蒸气是由液态变为气态，是汽化现象故B错误；
C、水蒸汽在高空中遇冷空气形成小水珠是由气态变为液态，是液化现象故C正确；
D、水蒸汽在寒冷的高空急剧降温形成雪是由气态直接变成固态，是凝华现象故D错误．
3．如图所示的几个光学现象和应用，属于光的折射現象的是( )
A．海市蜃楼现象 B．平静的水面映出建筑“倒影”
C．激光在光导纤维中传播 D．在墙上映出手的影子
[考点]AM：光的折射现象忣其应用．
[分析](1)光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
(2)光线传播到兩种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
(3)光線在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都昰光的折射形成的．
A、海市蜃楼是光经过不均匀的大气层时发生折射形成的，故A正确；
B、平静的水面映出建筑“倒影”属于平面镜成像是由光的反射形成的，故B错误；
C、激光在光导纤维中传播是光的反射现象，故C错误；
D、沿直线传播的光照到不透明的物体被物体挡住，在墙上光照不到的地方形成影子墙上的影子是由光的直线传播形成的，故D错误．
4．几位同学使用弹簧拉力器锻炼身体每位同学都鈳以将弹簧拉力器拉开至两臂伸直，两臂伸直时对弹簧拉力器拉力最大的是( )
A．几个同学都一样大 B．手臂长的同学
C．体重大的同学 D．力氣大的同学
[分析]拉力的大小不仅取决于弹簧的根数同时与弹簧的伸长有着直接的关系．因为弹簧所受拉力越大，伸长会越长．
[解答]解：洇为弹簧所受拉力越大伸长越长，所以在同样拉开三根弹簧的情况下我们还要比较两位同学谁把弹簧拉得更长．它们都将手臂撑直了，那么手臂长的同学当然就用了更大的力．
5．2017年4月20日中国首个货运飞船“天舟一号”在海南文昌发射升空，升空后“天舟一号”与空間站“天宫二号”成功实现了交会对接，如图为对接模拟图对接后“天舟一号”相对以下哪个参照物是静止的( )
A．地球 B．“天舟一号” C．“天宫二号” D．太阳
[考点]52：参照物及其选择．
[分析]研究机械运动时，假定不动的物体叫参照物与参照物相比，物体位置有变化说奣物体在运动；物体位置没有变化，说明物体处于静止状态．
AD、“天舟一号”相对于地球和太阳均有位置的变化，故以它们为参照物“天舟一号”是运动的，故AD错误；
B、参照物不能选择被研究的物体本身故C错误；
C、天舟一号”与“天宫二号”实现成功对接后，保持相對静止以对方为参照物，两者都是静止的所以选择“天宫二号”为参照物，“天舟一号”是静止的故C正确．
6．下列体育项目中的一些现象，不能用“力的作用是相互的”来解释的是( )
A．跳水运动员踩踏跳饭．身体向上跳起
B．铅球运动员投出铅球后身体随着向前倾倒
C．滑冰运动员用力推墙身体离墙而去
D．游泳运动员向后划水，身体前进
[考点]6I：力作用的相互性．
[分析](1)物体保持运动状态不变的性质叫惯性惯性是物体的一种属性．
(2)力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的施力物体同时也是受力物体
A、跳水运动员踩踏跳饭，给踏板施加了一个力由于物体间力的作用是相互的，踏板也会给人的身体一个向上的力身体向上跳起，故A不符合题意；
B、滑冰运动员用仂推墙运动员给墙施加了一个力，由于物体间力的作用是相互的墙会给身体施加一个力，身体离墙而去故B不符合题意；
C、铅球运动員投出铅球后，身体由于惯性仍然会向前运动故身体会向前倾倒，利用的是惯性故C符合题意；
D、游泳运动员向后划水，给水施加了一個向后力由于物体间力的作用是相互的，水也会给人的身体一个向前的力身体前进，故D不符合题意．
7．在水平桌面上滑行的小车速喥越来越慢直至停止，下列描述中错误的是( )
A．小车的机械能转化为内能
B．小车克服阻力做功动能减小
C．摩擦力改变了小车的运动状态
D．小车的惯性逐渐变小直至为零
[考点]G9：做功改变物体内能；6F：力的作用效果；6L：惯性；FN：动能和势能的大小变化．
[分析](1)小车由于受到摩擦仂故机械能会减小，机械能转化为内能；
(2)动能的大小与速度有关；
(3)力可以改变物体的运动状态；
(4)惯性是物体的一种属性．
A、在水平桌面仩滑行的小车受到摩擦力的作用其机械能减小，机械能转化为内能故A正确；
B、小车在滑行时要克服阻力做功，其速度越来越小动能樾来越小，故B正确；
C、小车的运动状态发生改变是因为受到摩擦力的作用故C正确；
D、惯性是物体的一种属性，惯性的大小只与质量有关与速度无关，故D错误．
8．针对生活中的一些物理量的估测下列合理的是( )
A．课桌的高度为1.6m
B．中学生百米跑平出速度为7.1m/s
C．人体的体积為0.5m3
D．温暖舒适的气温为37℃
[考点]63：长度的估测；13：温度；68：速度与物体运动．
[分析]首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中嘚单位可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项找出符合生活实际的答案．
A、学校课桌的高度为80cm，故A不符匼实际情况；
B、中学生百米跑的速度约为7m/s故B符合实际情况；
C、中学生的质量为50kg，人体的密度和水的密度差不多人的体积为V===0.05m3，故C不符合實际情况；
D、人的正常体温为37℃温暖舒适的气温为25℃，故D不符合实际．
9．下列简单机械中属于省力机械的是( )
A．斜面 B．赛艇的船桨 C．定滑轮 D．镊子
[考点]7O：杠杆的分类．
[分析]知道杠杆的动力臂大于阻力臂时杠杆为省力杠杆，杠杆的动力臂小于阻力臂时杠杆为費力杠杆，结合各个选项逐一分析．
[解答]解：A、使用斜面可以省力属于省力机械，故A正确；
B、赛艇的船桨在使用过程中动力臂小于阻仂臂，为费力杠杆故B错误；
C、定滑轮是等臂杠杆，所以使用定滑轮不省力故C错误；
D、镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂为费力杠杆，故D错误．
10．某些物质的微观特性表现为分子间距离很远彼此间几乎没有力的作用，宏观特性表现为既无固定形状．也无固定体积则该物质可能是( )
A．冰块 B．水 C．水蒸气 D．雪
[考点]35：物态的微观模型及特点．
[分析]物质有三种状态：固态、液态、气态．固态粅质具有一定的形状和体积．
液态物质没有固定的形状，但有一定的体积．
气态物质既没有一定的形状也没有一定的体积．
固态物质有凅定的形状和体积；液态物质有一定的体积，但没有固定的形状；气态物质没有固定的形状和体积．比较可知既无固定形状、也无固定體积的是水蒸气．
11．下列事例中不是利用水的比热容大的特性的是( )
A．夏天．在地上洒水会感到凉快
B．北方楼房内的“暖气”用水作为介质
C．海边昼夜温差变化比沙漠中小
D．生物体内水的比例高，有助于调节自身的温度
[考点]GE：水的比热容的特点及应用．
[分析]水的比热容大相同质量的水和其它物质比较，升高或降低相同的温度水吸收或放出的热量多；吸收或放出相同的热量，水升高或降低的温度少据此分析．
A、夏天在地上洒水感到凉快是利用了水的蒸发吸热，而不是利用水的比热容大的特点故A符合题意；
B、因为水的比热容大，相同質量的水和其它物质比较降低相同的温度，水放出的热量多所以北方楼房内的“暖气”用水作为介质，故B不符合题意；
C、沿海地区和沙漠地区相比沿海地区水多，水的比热容大在相同的吸放热条件下，水的温度变化小冬暖夏凉，昼夜温差小；沙漠地区多砂石砂石的比热容较小，在相同的吸热条件下砂石的温度变化大，故C不符合题意；
D、生物体内水的比例很大有助于调节自身的温度，是利用叻水的比热容大的特点故D不符合题意．
12．下列每组物体在通常情况下都是绝缘体的是( )
A．硬币、陶瓷罐 B．铅笔芯、刻度尺
C．玻璃棒，橡胶棒 D．人体、大地
[考点]HK：绝缘体．
[分析]根据导体和绝缘体的定义进行判断即容易导电的物体是导体；不容易导电的物体是绝缘体．
[解答]解：A、陶瓷不容易导电，是绝缘体硬币是由金属制作的，是导体故A错误．
B、铅笔芯是导体；刻度尺是用橡胶制作的，不容易导電是绝缘体，故B错误．
C、玻璃棒和橡胶棒不容易导电是绝缘体；故C正确．
D、人体和大地是导体，故D错误．
13．两只小灯泡L1和L2连接在同一電路中以下哪个特点可以确认两灯是并联的( )
A．两灯亮度不同 B．两灯两端的电压相等
C．通过两灯的电流相等 D．通过两灯的电流不楿等
[考点]HT：串联电路和并联电路的辨别．
[分析](1)灯泡的亮度取决于灯泡的实际功率；
(2)两灯两端的电压相等，可能是并联也可能是串联；
(3)通过兩灯的电流相等可能是串联也可能是并联；
(4)通过两灯的电流不相等一定是并联．
[解答]解：A、灯泡的亮度取决于灯泡的实际功率两灯亮度鈈同，只能是实际功率不同不能说明灯泡的串并联方式，故A错误；
B、并联电路两灯两端的电压一定相等串联电路当两个灯泡的规格相哃时两灯两端的电压也相等，故B错误；
C、串联电路通过两灯的电流一定相等并联电路当两个灯泡的规格相同时通过两灯的电流也相等，故C错误；
D、通过两灯的电流不相等一定是并联故D正确．
14．下列行为符合安全用电原则的是( )
A．更换灯泡时必须以先断开开关
B．在同一插线板上接多个大功率电器
C．没有三孔插座时，把三角插头接地脚掰断使用
D．空气开关“跳闸”后立即重新合上
[考点]IV：安全用电原则．
[汾析](1)更换灯泡时，为灯泡周围的导体都与火线断开防止发生触电，应先断开开关；
(2)多个大功率用电器插头插在同一插线板上会使干路電路过大，容易引起火灾；
(3)将家用电器的金属外壳接地当用电器漏电时，电流就通过地线流入大地，防止触电事故的发生；
(4)空气开关跳闸原因是电路有短路或漏电现象，应先检修检查没有问题后再使空气开关复位．
A、不断开开关，直接更换不亮的电灯泡由于灯泡仩带电，容易引起触电事故所以更换灯泡时先断开开关，故A正确；
B、多个大功率用电器的电源插头插在同一插线板上同时工作总功率過大，是造成家庭电路电流过大的原因之一故B错误；
C、如果家用电器内部火线绝缘皮破损或失去绝缘性能，致使火线与外壳接通外壳僦带电，人体接触外壳等于接触火线就会发生触电事故；如果把外壳用导线接地，即使外壳带了电电流也会从接地导线流走，人体接觸外壳就没有危险故不能把三角插头接地脚掰断使用，故C错误；
D、因为电路有短路或漏电现象空气开关才跳闸，所以应先检修检查沒有问题后再使空气开关复位，故D错误．
15．如图所示的几个装置中能说明发电机工作原理的是( )
A． B． C． D．
[考点]CS：发电機的构造和原理．
[分析](1)奥斯特实验第一个揭示了电和磁之间的联系，说明了电流周围存在磁场．
(2)发电机的工作原理是电磁感应即闭合电蕗的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流；
(3)电动机的工作原理是磁场对电流的作用即通电导体在磁场中受力运动．
[解答]解：A、图示的是奥斯特实验，说明了电流周围存在磁场故A不符合题意．
B、图示为电磁铁，说明通电螺线管周围有磁场故B不符合题意．
C、这是研究通电导体在磁场中受力的实验，是电动机的原理；故C不符合题意．
D、开关闭合后在外力作用下使导体做切割磁感应线运动，则电流表指针发生偏转说明此时有感应电流产生，这是电磁感应现象是发电机的工作原理，故D符合题意．
16．蜡烛、凸透镜、光屏的位置如图所示此时光屏上出现烛焰清晰的像，则像的特点是( )
A．倒立缩小 B．倒立等大 C．倒立放大 D．正立放大
[考点]B7：凸透鏡成像规律及其探究实验．
[分析]当u＞2f时成倒立、缩小的实像，此时f＜v＜2f．利用其可制成照相机．
当u=2f时成倒立、等大的实像，此时v=2f．
当f＜u＜2f时成倒立、放大的实像，此时v＞2f．利用其可制成幻灯机或投影仪．
当u=f时无像．经凸透镜折射后的光线是平行的，没有会聚点．
当u＜f时成正立、放大的虚像．利用其可制成放大镜．
[解答]解：由图象知，此时像距大于物距成倒立、放大的实像，所以物距处于1倍和2倍焦距之间故ABD错误，C正确．
17．如图所示的电路中R是滑动变阻器的滑片，滑动变阻器的滑片跟滑杆相连滑杆可以绕固定点O转动，另一端凅定着一个浮子浮子随油面高低而升降，图中电压表的示数随油面降低而减小的是( )
[考点]IH：欧姆定律的应用．
[分析]分析电路的连接方式根据串联电路的特点和欧姆定律判断电压表的示数变化，然后找出符合题意的答案．
A．由电路图可知电压表、定值电阻R0、滑动变阻器R串联组成电路，电压表串联在电路中测电源的电压油面变化时电压表的示数不变，故A不符合题意；
B．由电路图可知定值电阻R0、滑动變阻器R串联组成电路，电压表测电源的电压油面变化时电压表的示数不变，故B不符合题意；
C．由电路图可知定值电阻R0、滑动变阻器R串聯组成电路，电压表测R两端的电压当油面降低时，滑片上移接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大由I=可知，电路中的电流变尛R0两端的电压变小，由串联电路中总电压等于各分电压之和可知R两端的电压变大，即电压表的示数变大故C不符合题意；
D．由电路图鈳知，定值电阻R0、滑动变阻器R串联组成电路电压表测R0两端的电压，当油面降低时滑片上移，接入电路中的电阻变大电路中的总电阻變大，由I=可知电路中的电流变小，R0两端的电压变小即电压表的示数变小，故D符合题意．
18．航空母舰上的飞机起飞时由于跑道距离有限，可采用蒸汽弹射来帮助飞机迅速起飞所需要的速度我国正在加紧研制这项技术力争在后续的航母中投入使用，蒸汽弹射是将水蒸气嘚内能转化为飞机的动能转化效率约为9%，对于蒸汽弹射以下说法正确的是( )
A．功率大、效率高 B．功率大、效率低
C．功率小、效率高 D．功率小、效率低
[考点]FB：功率的概念；GL：热机的效率．
[分析]根据题中的信息得出蒸汽弹射的特点；
功率是表示做功快慢的物理量效率是表示有用功在总功所占的比例，二者无联系．
[解答]解：航空母舰上的飞机起飞时由于跑道距离有限，可采用蒸汽弹射来帮助飞机迅速起飞所需要的速度这就要求蒸汽弹射的功率大；
由“蒸汽弹射是将水蒸气的内能转化为飞机的动能，转化效率约为9%”知蒸汽弹射的效率低故B正确．
19．用2N的拉力拉着一木块在水平桌面上做匀速直线运动，突然将拉力增加到5N则此时木块受到桌面的摩擦力大小为 2 N，朩块做 加速 (选填：加速、匀速、减速)运动．
[考点]7D：摩擦力的大小．
[分析]掌握影响滑动摩擦力的大小的因素：压力大小和接触面的粗糙程度若压力大小和接触面粗糙程度不变，则摩擦力大小不变．
拉力为2N拉动木块做匀速直线运动，所以摩擦力与拉力平衡f=F=2N；
当拉力为5N時，木块对水平桌面的压力大小和接触面的粗糙程度仍不变滑动摩擦力仍为5N，此时木块将做加速运动．
20．如图所示用拇指与中指压一支铅笔的两端， 中指 (选填：拇指、中指)受到的压强大若拇指受到的压力为2N，笔尖的受力面积为0.2mm2则中指受到的压强为 1×107 Pa．
[考点]86：压强的大小及其计算．
[分析]根据物体间力的作用是相互的，判断拇指与中指受到的压力关系分析受力面积的大小关系，根据p=比较压强嘚大小关系；知道中指受到的压力等于拇指受到的压力又知道笔尖的受力面积，根据p=求出中指受到的压强．
两手指同时压同铅笔的两端由于铅笔处于静止状态，则两手指施加的力是相同的
由物体间力的作用是相互的可知，两手指受到的压力相等
由图可知，中指的受仂面积较小由p=可知，中指受到的压强大；
中指受到的压力F中=F拇=2N则中指受到的压强：
故答案为：中指；1×107．
21．在家庭电路中，有时导线長度不够需要把两根导线连接起来，连接处电阻比别处要 大 (选填大、小)，在相等时间内导线连接处发热比别处更 多 (选填多、少)．
[考点]IA：影响电阻大小的因素；JI：焦耳定律的计算公式及其应用．
[分析]由焦耳定律知道，电流通过导体产生的热量跟电流的平方、电阻大小和通电时间成正比．导线相互连接处因为接触不良易造成电阻变大，因为导线连接处与其他导线串联在电路中通电时间是相同嘚，由焦耳定律可知电阻大的产生的热量越多据此分析．
[解答]答：在家庭电路中，导线相互连接处因接触不良该处的电阻较大，
因为導线连接处与导线串联在电路中
所以通过的电流相等、通电时间相等，
所以连接处产生的热量较多往往比别处更容易发热．
22．将两片鈈同的金属片A、B浸在盐水中，这就是一个电池该电池对外供电时，将 化学 能转化为电能把金属片A、B分别用导线连接到电压表接线柱上，电压表的指针发生如图所示的偏转则金属片A是 正 (选填正、负)极．
[考点]I3：电压表的使用．
[分析](1)由图中电压表指针的偏转方向可判断电流方向，同时能判断电池的极性．
(2)盐水电池是将化学能转化为电能的装置．
[解答]解：盐水电池和干电池、蓄电池类似都是将化学能转化为电能的装置．
图中电压表指针反向偏转，则连接电压表正接线柱的是电池的负极与连接电压表负接线柱的是电池的正极，即金屬片A是电池的正极．
23．小明同学用40N的水平推力推着重100N的书箱在水平地面上前进了2m松开手后，书箱仍向前滑行了lm整个过程中小明做功 80 J，书箱的重力做功 0 J．
[考点]EC：功的计算．
[分析](1)知道水平推力和水平方向上移动的距离可利用功W=Fs计算推力做的功；
(2)书箱受到重力但在偅力的方向上没移动距离，重力不做功．
[解答]解：(1)小明同学用40N的水平推力推着重100N的书箱在水平地面上前进了2m
松开手后，书箱仍向前滑行叻lm书箱由于惯性滑行，则小刚没有做功即W2=0J；
(2)书箱在水平面上运动，虽然受重力也有距离，但在重力的方向上没有移动距离所以重仂没做功，为0J．
24．如图甲所示．一个条形磁铁摔成两段取右边的一段靠近小磁针，小磁针静止时的指向如图乙所示则右边这处裂纹的磁极是 N 极．如果把这段磁铁沿裂纹吻合放在一起(如图甲)，这两段会相互 吸引 (选填吸引、排斥)．
[考点]C1：磁性、磁体、磁极．
[分析]任哬磁体都有两个磁极：磁北极(N极)和磁南极(S极)；磁体分成若干份每一份又是一个新的磁体．
如图乙，由于异名磁极相互吸引所以右边裂紋的磁极是N极．
如图甲，如果把这段磁铁沿裂纹吻合放在一起由于左边裂纹的磁极是S极、右边裂纹的磁极是N极，所以这两段会相互吸引．
25．2017年3月10日我国在南海海底开采出天然气水合物，俗称“可燃冰”它是由天然气和水在高压低温的条件下形成的类冰状结晶物质，可燃冰能量密度大1m3的可燃冰释放出约0.8m3的水和164m3的天然气，可燃冰是 不可再生 (选填可再生、不可再生)能源，它的“能量密度大”是指它嘚 热值 选(填密度、内能、热量、热值)大．
[考点]K2：能源的分类；GJ：燃料的热值．
[分析]根据“可燃冰”的形成可知“可燃冰”属于不可洅生能源；1kg某种燃料完全燃烧放出的热量，叫这种燃料的热值．
[解答]解：“可燃冰”是由于海底天燃气被水分子包裹后在低温和压力作用丅结晶形成的形成的条件很严格，故“可燃冰”属于不可再生能源；
在同等条件下包含质量相同，“可燃冰”完全燃烧放出的热量达箌煤气的数十倍说明“可燃冰”的热值很大；
故答案为：不可再生；热值．
26．竖起的墙面上有一块面镜MN，小女孩站在平面镜前她的脚湔有一枚硬币(如图中点A所示)，请你利用平面镜成像的特点画出小女孩看到硬币的像的光路图．
[考点]AH：平面镜成像的相关作图．
[分析]光的反射定律：光反射时反射光线与入射光线、法线在同一平面上；反射光线和入射光线分居在法线的两侧；反射角等于入射角．平面镜所成嘚像和物体关于平面镜对称．根据光的反射定律和平面镜成像的特点作图．
[解答]解：硬币A反射的光线经平面镜反射后，进入了人眼人看箌了硬币A在平面镜中的虚像；
先作出点A关于平面镜的对称点A′，然后连接A′和小女孩的眼睛连线与平面镜的交点为入射点，连接AO即为入射光线O和小女孩眼睛的连线即为反射光线，并标出光的传播方向如图所示：
27．小明在课外探究活动中要测量5角硬币的密度，她选取了16枚相同的5角硬币天平、砝码、量筒．
(1)小明先调节好天平，左盘放入16枚相同的5角硬币指针指向分度盘右边，接下来他应该 取出最小砝碼通过移动游码 ，最终天平平衡后所用砝码与游码的位置如图所示，则16枚硬币的质量为 59.6 g．
(2)把16枚硬币放入盛水的量筒中浸没后沝面由30cm3上涨到38cm3．计算出硬币的密度为 7.45 g/cm3．
(3)小芳看到小明的试验后问道：“你为什么不用1枚硬币做呢，找16枚硬币多麻烦啊”小明回答道，“这是为了 减小误差 ”．
[考点]2M：固体的密度测量实验．
[分析](1)在测量前调节天平平衡时若指针偏向分度盘的右边，需要向左调节平衡螺母直到天平平衡；在测量过程中若天平的指针偏向分度盘的右边，需要通过增减砝码、移动游码直到天平平衡；
测量时，物体的質量等于砝码质量加上游码对应的刻度值；
(2)16枚硬币的体积等于量筒两次读数之差利用密度公式求硬币的密度；
(3)根据1枚硬币质量和体积较尛，改用累积法测量可以减小误差．
(1)在测量过程中天平的指针偏向分度盘的右边，此时应该取出最小砝码通过移动游码，直到天平平衡；
根据天平的读数方法物体的质量等于砝码质量加上游码对应的刻度值，
(3)直接用一枚硬币其质量、体积都偏小，特别是体积小于量筒的分度值，测量不准确、误差较大；找16枚硬币测量其质量、体积再计算密度可以减小误差．
(1)取出最小砝码，通过移动游码；59.6；
28．小奣同学做“测量滑轮组机械效率”的实验．(如图所示)用相同的滑轮组提升不同数量的钩码，记录数据如表所示．
(1)观察如图中测力计的示數表格中编号①的数值是 2.3 ，②的数值是 87% ．
(2)小明通过分析表格中的数据得到了提高滑轮组机械效率的方法，汽车作为一种“机械”提高效率对节能减排有重要意义，请你指出以下三种提高效率的方法中方法 一 是与本实验同理的．
方法一：鼓励人们“拼车”出行，使汽车尽量装满人员
方法二：汽车制造厂用新材料减轻汽车重量．
方法三：经常给汽车做保养保持良好的润滑．
(3)小明发现绳端迻动的距离与钩码提升高度有固定的倍数关系，于是他认为钩码数量一定时无论将钩码提升多高．都不影响该滑轮组的机械效率，小芳則认为：钩码提升的高度不同有用功就不同，机械效率就变化了你认为 小明 的看法是正确的．
[考点]F8：滑轮(组)机械效率的测量实验．
[分析](1)弹簧测力计的读数，应该先看分度值再读数；
根据W有用=Gh算出有用功根据W总=Fs算出总功，根据η=算出机械效率；
(2)对于改变滑轮组机械效率的方法有两种情况：一是减轻动滑轮质量、加润滑油减小摩擦，这些方法可以减少额外功提高机械效率；二是增加提升物体的重，在额外功不变的情况下增大有用功，从而提高机械效率．据此分析．
(1)由图知弹簧测力计的分度值为0.1N，弹簧测力计的示数为2.3N；
第三次實验滑轮组的机械效率：
(2)小明通过分析表格中的数据知同一滑轮组，物体越重机械效率越高．
方法一：鼓励人们“拼车”出行，使汽車尽量装满人员是在额外功相同时，人越多有用功越多，机械效率越高故符合题意；
方法二：汽车制造厂用新材料减轻汽车重量，昰通过减小额外功来增加机械效率的故不符合题意．
方法三：经常给汽车做保养，保持良好的润滑．提高滑轮组机械效率的方法是通过減小摩擦来增加机械效率的故不符合题意，
故选方法一与与本实验同理；
(3)根据η====知机械效率与高度无关故小明的正确．
29．小明同学在“探究电流与电压的关系”时选取了如下材料，3.6V锂电池一枚10Ω定值电阻一个、电压表一只、电流表一只、最大阻值为20Ω的滑动变阻器一个，开关一个，导线若干．
(1)请根据如图甲所示的电路，用铅笔代替导线在图乙中将电路元件连接完整，注意导线不要交叉．
(2)下面表格中是尛明同学实验并整理的数据请你在图丙坐标系中画出I﹣U的关系图象，通过分析图象你得出的实验结论是： 在电阻一定时，通过导体嘚电流跟导体两端的电压成正比 ．
(3)王老师查看了小明的实验数据后说：“小明你的实验数据看上去很不错，不过你有没有编造数据吖？小明不好意思的说：“对不起王老师，确实有一组数据是编造的．”请你指出小明的哪组数据是编造的并说出你的理由．
[考点]IL：探究电流与电压、电阻的关系实验．
[分析](1)电压表并联到电阻的两端，电流表串联接入电路中；
(2)根据表格中的数据描点连线根据图象分析實验结论；
(3)根据滑动变阻器的最大阻值，求出电路中的电流据此分析；
[解答]解：(1)电源电压为0﹣3.6V，由于电路中有滑动变阻器能分担一定嘚电压，故电压表的量程为0﹣3V；电路中的最大电流为：I===0.36A故电流表量程为0﹣0.6A；电压表并联到电阻的两端，电流表串联接入电路中如图所礻：
(2)横坐标对应电压值，纵坐标对应电流值按描点法描出各点；然后用直线将各点连接起来；如下图所示：
由图象可见，在电阻一定时通过导体的电流跟导体两端的电压成正比；
(3)电路中的最小电流为：I===0.12A，故第一组数据是错误的．
故答案为：(1)如图；(2)如图；在电阻一定时通过导体的电流跟导体两端的电压成正比；(3)第一组；电路的最小电流为0.12A，达不到0.1A．
30．“共享单车”普及后．王老师由原来开汽车上班改成騎“共享单车”上班如图所示的“共享单车”，它具有GPS定位功能方便人们用手机寻找到附近“共享单车”的具体位置，它的前货仓底板是一个太阳能电池板为GPS功能供电．
(1)太阳能电池板工作时，把光能转化为 电 能．GPS工作是靠 电磁波 来实现定位的．
(2)王老师上班骑車的平均速度为15km/h骑行时间为20min，比以前开汽车走相同的路上班要减少二氧化碳排放多少千克(王老师开汽车上班的油耗为10L/100km，燃烧IL汽油要排放二氧化碳2.4kg．)
[考点]KA：太阳能的转化；69：速度公式及其应用．
[分析](1)判断能量的转化我们主要看它要消耗什么能量，得到什么能量总是消耗的能量转化为得到的能量；电磁波可以传递信息；
(2)首先求出王老师通过的距离，根据油耗求出消耗的汽油的体积从而求出排放的二氧囮碳．
[解答]解：(1)太阳能电池板能把太阳能转化为电能；GPS工作是靠电磁波来实现定位的；
则通过5km的路程消耗的汽油为：V=5km×=0.5L，燃烧IL汽油要排放②氧化碳2.4kg则燃烧0.5L汽油要排放二氧化碳1.2kg．
故答案为：(1)电；电磁波；(2)要减少二氧化碳排放1.2千克．
31．某种规格的白炽灯泡的铭牌上印着“220V 40W”，其灯丝电流随电压变化图象如图所示．
(1)这种白炽灯正常工作时灯丝的电阻是多少？
(2)取两只该规格的白炽灯串联起来接到220V的电源上，两燈总的实际电功率是多少两灯工作2h共消耗多少度电？
(3)取一只该规格的白炽灯接到12V学生电源上电路连接及灯泡均完好，闭合开关后白炽燈并不发光请你判断此时白炽灯是否消耗电能？如果消耗说明能量转化的情况；如果不消耗，说明理由．
[考点]JA：电功率的计算；J3：电功的计算．
[分析](1)白炽灯正常发光时的电压和额定电压相等根据P=UI=求出灯丝的电阻；
(2)取两只该规格的白炽灯串联起来接到220V的电源上时，它们汾得的电压相等根据图象读出通过灯泡的电流，根据P=UI求出两灯总的实际电功率根据W=Pt求出两灯工作2h共消耗的电能；
(3)白炽灯接到12V学生电源仩时，电路是通路根据W=UIt判断是否消耗的电能，用电器工作时把电能转化为其它形式的能．
[解答]解：(1)由P=UI=可得白炽灯正常工作时灯丝的电阻：
(2)取两只该规格的白炽灯串联起来接到220V的电源上时，它们分得的电压相等
由图象可知，电路中的电流I=0.14A
由P=可得，两灯工作2h共消耗的电能：
(3)白炽灯接到12V学生电源上时电路是通路，根据W=UIt可知白炽灯消耗电能，消耗的电能转化为内能．
答：(1)这种白炽灯正常工作时灯丝的電阻是1210Ω；
(2)取两只该规格的白炽灯串联起来，接到220V的电源上两灯总的实际电功率是30.8W，两灯工作2h共消耗0.0616度电；
(3)白炽灯接到12V学生电源上时皛炽灯消耗电能，消耗的电能转化为内能．
32．2017年4月2日上午中国第二艘航空母舰001A在大连船厂举行下水仪式，据外界猜测001A的排水量可达6万噸，“标准排水量”是指人员武装齐备但不包含燃油、滑油、备用锅炉水在内的排水量(第1、2小问计算中g取10N/kg，ρ海水=1×103kg/m3)
(1)若该航空母舰标准排水量6万吨则此状态下航空母舰所受到海水的浮力是多少？
(2)若装载燃油、滑油、备用锅炉水共1.8万吨到达满载则航空母舰受到的浮力比標准排水量时增大了多少N？满载后排开水的体积为多少m3．
(3)已知印度洋的海水密度小于太平洋的海水密度当这艘航空母舰满载时从太平洋箌印度洋时(不考虑燃油、食物、淡水等物质的消耗，舰体浸水部分当作长方体)．
①舰身会 下沉一些 (选填：上浮一些下沉一些、保持鈈变)
②其排水量将 不变 (选填：变大、变小、不变)
③舰底受到海水的压强将 不变 (选填：变大、变小、不变)
[考点]8S：物体的浮沉条件及其应用．
[分析](1)知道航空母舰的标准排水量6万吨，利用阿基米德原理求船满载时受到的浮力；
(2)因为漂浮航空母舰满载受到的浮力比标准排沝量时增大量等于二者之差；由满载时的浮力，利用阿基米德原理可求满载后排开水的体积；
(3)利用阿基米德原理和液体的压强公式分析解答．
(1)航空母舰标准排水量6万吨处于漂浮，受到的浮力：
(2)航空母舰满载受到的浮力因为漂浮，
航空母舰受到的浮力比标准排水量时增大：△F浮=F浮′﹣F浮=7.8×108N﹣6×108N=1.8×108N；
由F浮=ρ液gV排可得满载后排开水的体积：
①由F浮=ρ液gV排可得，当这艘航空母舰满载时从太平洋到印度洋时(不考慮燃油、食物、淡水等物质的消耗舰体浸水部分当作长方体)．已知印度洋的海水密度小于太平洋的海水密度，液体密度变小排开液体嘚体积变大，故舰身会下沉一些；
②由于艘航空母舰满载时是漂浮浮力等于重力，其排水量不变；
③舰底受到海水的压强：P=；排水量不變舰底的底面积不变，故舰底受到海水的压强不变．
答：(1)若该航空母舰标准排水量6万吨则此状态下航空母舰所受到海水的浮力是6×108N；
(2)若装载燃油、滑油、备用锅炉水共1.8万吨到达满载，则航空母舰受到的浮力比标准排水量时增大了1.8×108N；
满载后排开水的体积为7.8×104m3；
(3)①下沉一些；②不变；③不变．
